[acwing周赛复盘] 第 94 场周赛20230311

• • 一、本周周赛总结
  • 二、 4870. 装物品
  • • 1. 题目描述
    • 2. 思路分析
    • 3. 代码实现
  • 三、4871. 最早时刻
  • • 1. 题目描述
    • 2. 思路分析
    • 3. 代码实现
  • 四、4872. 最短路之和
  • • 1. 题目描述
    • 2. 思路分析
    • 3. 代码实现
  • 六、参考链接

一、本周周赛总结

• 又是笨比的一周，只做出1题。
• T1 数学
• T2 单源最短路dijikstra
• T3 多源最短路floyd
• 

二、 4870. 装物品

链接: 4870. 装物品

1. 题目描述

2. 思路分析

• 所有人都应该知道上取整公式：
• ceil(a/b) = (a+b-1)//b

3. 代码实现

import sys
import bisectRI = lambda: map(int, sys.stdin.buffer.readline().split())
RS = lambda: map(bytes.decode, sys.stdin.buffer.readline().strip().split())
RILST = lambda: list(RI())
DEBUG = lambda *x: sys.stderr.write(f'{str(x)}\n')#       ms
def solve():x, = RI()print((x+5-1)//5)if __name__ == '__main__':solve()

三、4871. 最早时刻

链接: 4871. 最早时刻

1. 题目描述

2. 思路分析

脑子木了，一直在想二分怎么不对；而且还写错变量名。。

• 是个比较显然的dijkstra，但是多了个限制条件，有的时间点不能出发。
• 那么可以提前预处理出每个节点位置，所有不能走的时间点，它最早能走的时间。
  • 这里一个倒序dp即可。最后一个时间点能走的时间显然是b[-1]+1.
  • 向前遍历，如果b[i]后边的数不是b[i]+1，则它在b[i]+1能走；否则就是更后边最近的那个能走的时间点。
• 那么转移的时候出发时间转换一下即可。

• 注意dijkstra每个节点只会访问一次，要记得写if d>vis[d]:continue因此其实b可以不预处理，直接暴力。

3. 代码实现

# Problem: 最早时刻
# Contest: AcWing
# URL: https://www.acwing.com/problem/content/4874/
# Memory Limit: 256 MB
# Time Limit: 1000 msimport sys
from heapq import *
from math import infRI = lambda: map(int, sys.stdin.buffer.readline().split())
RS = lambda: map(bytes.decode, sys.stdin.buffer.readline().strip().split())
RILST = lambda: list(RI())
DEBUG = lambda *x: sys.stderr.write(f'{str(x)}\n')#    4330   ms
def solve():n, m = RI()g = [[] for _ in range(n)]for _ in range(m):u, v, w = RI()u -= 1v -= 1g[u].append((v, w))g[v].append((u, w))gogo = []for _ in range(n):_, *b = RI()can = {}if b:go = b[-1] + 1can[b[-1]] = gofor i in range(len(b) - 2, -1, -1):if b[i] + 1 != b[i + 1]:go = b[i] + 1can[b[i]] = gogogo.append(can)vis = [inf] * nvis[0] = 0h = [(0, 0)]while h:d, u = heappop(h)if u == n - 1:return print(d)if d > vis[u]:continue  # 巨量优化记得写ban = gogo[u]go = ban.get(d, d)for v, w in g[u]:nd = go + wif vis[v] > nd:vis[v] = ndheappush(h, (nd, v))# if n - 1 in vis:#     return print(vis[n - 1])print(-1)if __name__ == '__main__':solve()

四、4872. 最短路之和

链接: 4872. 最短路之和

1. 题目描述

2. 思路分析

傻了，想到了floyd，但没做出来。赛后写了2个代码。都应该掌握。

• 显然这题是个倒序做的题，把x从后一直加到集合里计算即可。

• 方法1，直观且短。把x作为k(去松弛别人的节点)，去遍历松弛。
• 由于在floyd里，k是最外层的节点，因此这么做完后，k的影响已经结束了，则可以更新当前答案。
• 实现时，松弛的话是u,v都是全部节点；计算答案只计算已添加的节点。

• 方法2，助于理解floyd。
• 依然倒序把x作为k，但是分别计算三种最短路:k到所有已访问的u、所有u到k、所有已访问的u到v。
• 这里注意计算顺序，由于u->v是已经计算完的最短路，所以必须用它们先去更新k相关的最短路，再返回来计算新的u->v。

3. 代码实现

# Problem: 最短路之和/*-/*-/*-/*-
# Contest: AcWing
# URL: https://www.acwing.com/problem/content/4875/
# Memory Limit: 256 MB
# Time Limit: 3000 msimport sysRI = lambda: map(int, sys.stdin.buffer.readline().split())
RS = lambda: map(bytes.decode, sys.stdin.buffer.readline().strip().split())
RILST = lambda: list(RI())
DEBUG = lambda *x: sys.stderr.write(f'{str(x)}\n')MOD = 10 ** 9 + 7
PROBLEM = """
"""#     6995  ms
def solve():n, = RI()d = []for _ in range(n):d.append(RILST())xs = RILST()ans = []ps = []for x in xs[::-1]:k = x - 1# 注意 上两个循环可以合并(顺序随意)，但这个循环必须在最后，否则会wa# 前提是所有其它点到k的最短路(即所有uk/kv)求出来，才可以用k来松弛uv的边。for u in range(n):for v in range(n):d[u][v] = min(d[u][v], d[u][k] + d[k][v])ps.append(k)a = 0for u in ps:for v in ps:a += d[u][v]ans.append(a)print(*(ans[::-1]))#     10039   ms
def solve1():n, = RI()d = []for _ in range(n):d.append(RILST())xs = RILST()ans = []ps = []for x in xs[::-1]:k = x - 1a = 0# 尝试用所有v松弛uk，这里uv已经是最短路，所以可以松弛for u in ps:for v in ps:d[u][k] = min(d[u][k], d[u][v] + d[v][k])a += d[u][k]# 尝试用所有v松弛ku，这里uv已经是最短路，所以可以松弛for u in ps:for v in ps:d[k][u] = min(d[k][u], d[k][v] + d[v][u])a += d[k][u]# 注意 上两个循环可以合并(顺序随意)，但这个循环必须在最后，否则会wa# 前提是所有其它点到k的最短路(即所有uk/kv)求出来，才可以用k来松弛uv的边。for u in ps:for v in ps:d[u][v] = min(d[u][v], d[u][k] + d[k][v])a += d[u][v]ps.append(k)ans.append(a)print(*(ans[::-1]))if __name__ == '__main__':solve()

六、参考链接

• 无